C：地址运算符（＆）是否产生指针（地址+类型）或地址？
我读到的关于地址运算符的大部分内容都用来表示它 – 一个地址。 我最近听到它的描述不同，因为它产生了一个完整的指针。
鉴于以下C代码，
int i1 = 5; int *p1; p = &i1;
我的理解是p1通过存储i1的数据存储的地址来引用int 5 ，并记住该位置的数据将被解释为int （它指示要读取的字节数和如何解释读取数据）。
地址运算符是否同时产生地址和“类型感知”，或者类型感知是否隐含，因为p1被声明为int指针？
让我对此感到疑惑的一件事就是看到如下代码：
void myFunc(int *ptr); int i = 5; myFunc(&i);
&运算符只返回指向其操作数的指针。 如果其操作数是int则结果类型将为int* 。 如果其操作数是int*则结果类型将为int** 。 例如，这个程序：
#include struct test { int a; int b; int d; }; int main ( ) { struct test foo = { 0, 0, 0 } ; printf( "%lu\n", (unsigned long)(&foo + 2) - (unsigned long)&foo ); }
在我的机器上输出24因为sizeof(struct test)是12，并且&foo的类型已知是struct test * ，所以&foo + 2计算两个struct test的偏移量。
虽然你说&i1的类型是int*是正确的，但我认为你给这个想法分配了太多的重量。 我不会将C中的任何内容描述为“类型感知”，并且肯定没有“记住该位置中的数据将被解释为类型int ”。 C类型仅存在于源级别，而不是在编译之后。
在使用union的示例中，这可能更清楚：
union something { int a; char b; };
现在，如果你有类型的变量x ，你可以使用类型为int* &x.b和类型为char* &x.b ，但它们指向相同的地址。
变量i1类型为int ，因此表达式&i1采用int的地址，产生类型为int *的表达式。 然后将此表达式分配给p1 ，它也是int *类型。
所以现在p1指向i1的内存位置，所以表达式*p1将为5 。
C. C中没有类型意识不检查类型安全性。 即使您分配了一些不正确的地址（例如＆char到int *），它也只会警告您错了。 它不会导致任何错误。