转换void指针

我在旧的C代码中看到了很多以下内容：

type_t *x = (type_t *) malloc(...); 

从malloc()返回指针的重点是什么，因为它是void * ？ 是因为较旧的C编译器不支持void指针而malloc()用于返回char *而不是？

Answer 1

你自己的解释是正确的。 预ANSI-C（’K＆R’C）没有带隐式转换的void *类型。 char * doubled作为伪void *类型，但您需要显式转换类型转换。

在现代C中，不受欢迎，因为它可以抑制编译器警告缺少malloc原型。 在C ++中，需要进行转换（但是在大多数情况下你应该使用new而不是malloc ）。

更新

我在下面的评论试图解释为什么需要演员阵容有点不清楚，我会在这里尝试更好地解释它。 您可能会认为即使malloc返回char * ，也不需要强制转换，因为它类似于：

 int *a; char *b = a; 

但在这个例子中，还需要一个演员阵容。 第二行是简单赋值运算符（C99 6.5.1.6.1）的约束违例 。 两个指针操作数都必须是兼容类型。 当您将其更改为：

 int *a; char *b = (char *) a; 

约束违反消失（两个操作数现在都有char *类型），结果定义良好（转换为char指针）。 在“反向情况”：

 char *c; int *d = (int *) c; 

对于转换，相同的参数保持，但是当int *具有比char *更严格的对齐要求时，结果是实现定义的 。

结论：在ANSI之前的日子里，类型转换是必要的，因为malloc返回char *而不是转换结果是对’=’运算符的约束违反。

Answer 2

这里的问题是与C的任何方言不兼容。问题是C ++ 。 在C ++中，void指针不能自动转换为任何其他指针类型。 因此，如果没有显式强制转换，此代码将无法使用C ++编译器进行编译。

Answer 3

我不知道malloc曾经返回过char *。

但是并不总是允许从void *到type_t *（或任何其他类型）的隐式转换。 因此，需要明确地转换为正确的类型。

Answer 4

从malloc（）返回指针的重点是什么，因为它是无效的*？

恰恰相反。 在使用它之前， 需要将void指针强制转换为实际类型，因为void *表示存储在该位置的数据。